Question

我想通过编写一些带有变量赋值和函数的Python代码来保存复杂的配置，稍后我将通过ConfigReader类导入这些代码和函数。

基本上到目前为止，我已经编写了我的配置文件：

a=1

一个像

c=ConfigReader("C:my_file")
print(c.a)

为此，我使用了exec（），但现在我也希望配置文件知道自己的文件名（因为目录提供了一些变量的信息）

所以我需要一个配置文件，比如：

a=parse_project_number_from_dir(__file__)

似乎我需要用Python 3中的一些imp模块加载来代替exec（）？这是执行一个简单文件使其知道其路径的最简单方法吗？

此外，我希望我的ConfigReader类将所有变量读入字典。（对于exec，我只是查看了locals（））。我现在应该做什么？我可以不导入配置文件中的辅助导入（如parse_project_number_from_dir函数），而是导入我在那里实际定义的内容（即a=）吗？

Answer 1

当＜code＞exec＜/code＞一个Python脚本时，没有文件名，因为您给＜code＞xec＜/code〕一个字符串或编译对象。exec命令无法知道这个字符串是从哪里得到的。

但是有一种方法可以与要传递给exec的配置文件共享知识。例如

假设您有一个配置文件

print myname

然后运行以下Python脚本：

 ns = {}
 ns["myname"] = "sample.cfg"
 s = open("sample.cfg","r")
 exec s in ns # in 3.x use exec(s,ns) instead

这将创建一个新的命名空间，并在该命名空间中创建一个名为myname的变量。由于脚本知道要打开的文件的名称，因此可以将其分配给变量。效果与ns中的exec myname=“sample.cfg”相同。



然后，当您执行配置文件时，您通过告诉脚本使用ns命名空间来共享脚本的知识。如果这看起来有点令人困惑，请阅读一下全局和本地以及命名空间。

Answer 2

import sys
sys.path.insert(0,"path to your file")
from yourFile import *